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[几何] 来自姚佳斌的一道关于垂心的题目

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zhcosin Posted 2017-5-7 23:05 |Read mode
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abababa Posted 2017-5-8 18:09
这题很早之前就看网友做过,只是我一直都看不懂,全是矩阵,行列式什么的。

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乌贼 Posted 2017-6-18 16:47
楼主,有初等证明方法吗?发上来看看。
等价于延长$BH_1,FE$交于点$M$,作$MN\px AC$交$DP$延长线于$N$,$CA$延长线交$MN$(或$MN$延长线)于$Q$。求证$\angle IQD =\angle DNH_2$
212.png

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乌贼 Posted 2017-6-20 04:45
这个纯几何吧里很多三角形内切圆切点问题,看都看不懂
tieba.baidu.com/p/4990129475

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乌贼 Posted 2017-6-20 14:16

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乌贼 Posted 2017-6-20 15:26
Last edited by 乌贼 2017-6-20 22:47一模一样的题,先记下
tieba.baidu.com/p/3557013085
相似四边形,平行四边形等角线

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乌贼 Posted 2017-6-20 15:40
是不是属于影射,那还是放入高等区吧,不然会害死人的

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abababa Posted 2017-6-20 15:46
回复 7# 乌贼

不知道算不算射影几何,网友的证明用了齐次坐标法,稍难一点的我一直都看不太懂,简单的几个还得靠看着他当时的讲解一步步才能看懂。

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乌贼 Posted 2017-6-20 16:35
与楼主一人?

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 Author| zhcosin Posted 2017-6-20 17:41
回复 3# 乌贼
我就是没证出来啊

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abababa Posted 2017-6-20 17:56
回复 9# 乌贼

我吗?我不是楼主,我对不等式方面没什么兴趣做,也没什么能力做。

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乌贼 Posted 2017-6-20 17:59
回复 10# zhcosin
6楼链接里有,一模一样的题

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isee Posted 2017-6-20 18:20
是不是属于影射,那还是放入高等区吧,不然会害死人的
乌贼 发表于 2017-6-20 15:40

    竞赛平面几何,应该与射影几何联系不大。

    这种共线共点问题,本身难度就大,我基本都不碰,哈哈。

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乌贼 Posted 2017-6-20 20:27
Last edited by 乌贼 2017-6-20 22:08回复 6# 乌贼
\[ \triangle PFB \sim\triangle PEC\\LK\px BC \]
311.png
\[ \begin{align*}
&\dfrac{MP}{NP}=\dfrac{CD}{BD}=\dfrac{CE}{BF}=\dfrac{ME}{NF}=\dfrac{CM}{BN}\riff\triangle CMP\sim \triangle BNP\riff\angle CPE=\angle BPF\riff\triangle PEC\sim \triangle PFB\\&\triangle EKC\sim \triangle FLB\riff \dfrac{KC}{LB}=\dfrac{CE}{BF}=\dfrac{EP}{FP}=\dfrac{CP}{BP}\riff LK\px BC
\end{align*} \]

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乌贼 Posted 2017-6-21 03:19
$ H_1,H_2 $分别为$ \triangle AC_1B_1,\triangle AFE $的垂心,则$ H_1,H_2,P,H $四点共线,$ C_1B_1 $与园$ I $相切,切点为$ Q $,则$ D,P,Q $三点共线。
312.png

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乌贼 Posted 2017-6-26 03:35
证明实在漂亮!(来自纯几何吧之慕野清流    tieba.baidu.com/p/3557013085
212.png
连接$ PB、PC、HB、HC $,易证\[ \triangle PFB\sim \triangle PEC \](见14楼)有\[ \begin{align*}
\angle PBF&=\angle PCE\\\angle PBH&=\angle PCH\\\dfrac{PF}{PE}&=\dfrac{FB}{EC}
\end{align*} \]
作$ \triangle AFE,\triangle ABC $的外接圆,两园交于另一点$ M $,则$ A、F、I、E、M $五点共圆,有\[ \triangle MFB\sim \triangle MEC \]得\[ \dfrac{MF}{ME}=\dfrac{FB}{EC}=\dfrac{PF}{PE} \]因此$ MP $为$ \angle FME $的角平分线,$ \angle PME=\dfrac{1}{2}\angle FAE=\angle IME $,故$ M、P、I $三点共线,延长$ MI $交另一外接圆于$ N $,则$ AN $为该外接圆直径,有\[\begin{align*}
&BN\px GH\\&BH\px NC
\end{align*} \]即$ BNCH $为平行四边形。(垂心用得巧妙啊!垂心构造外接圆)到这里知道平行四边形等角线可直接得出结论,不知道也没关系,再走一步就是。
作平行四边形$ NCPQ $,则$ BHPQ $也为平行四边形,且\[ \triangle CHP\cong \triangle NBQ \],所以\[ \angle BNQ=\angle HCP=\angle HBP=\angle QHB \]即$ BNPQ $四点共圆,得\[ \angle BPN=\angle BQN=\angle HPC \]综上:\[ \angle IPD=\angle DPH \]

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乌贼 Posted 2017-6-26 03:41
回复 16# 乌贼
慕野清流只应用了初中知识

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2025-5-31 11:24 GMT+8

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